仅在Gulp任务中的文件夹中的一部分文件上使用Browserify
通常在使用Browserify时，如果要合并多个文件，请运行以下内容：
gulp.task('build-tests', function() { var b = browserify({ entries: ['./lib/some_specs.js', './lib/some_more_specs.js'] }); b.bundle().pipe(source('specs.js')).pipe(gulp.dest('./dist')); }) 我想用dynamic创build的已过滤文件列表来replace条目，这样，每次添加一个我想要浏览的新文件时，就不必更新数组，而是自动执行此操作。
为此，我开始使用gulp-filter从文件夹中select我想要浏览的文件：
gulp.src('lib/*.js') .pipe(gulpFilter('*_specs.js')) .pipe(concat('specs.js')) );
但是因为这返回一个asynchronousstream而不是一个数组，所以你不能使用这个入口。 然后，我想我可以将单独的文件连接成一个虚拟文件，然后将其传递给Browserify。 喜欢这个：
gulp.task('build-tests', function() { var b = browserify( gulp.src('lib/*.js') .pipe(gulpFilter('*_specs.js')) .pipe(concat('specs.js')) ); b.bundle().pipe(source('specs.js')).pipe(gulp.dest('./dist')); })
但是这会抛出一个未处理的错误事件 – 也许是因为源文件在bundle方法运行之前没有被连接起来？
那么这就导致我问，是否有人有任何类似的经验或沿着这些方面的经验？ 我很新的吞噬，所以任何指针也将不胜感激。 谢谢。
改用glob模块。
var glob = require('glob').sync; gulp.task('build-tests', function () { var b = browserify({ entries: glob(['./lib/**/*.js']) }); b.bundle().pipe(source('specs.js')).pipe(gulp.dest('./dist')); });